河北省新时代NT教育2023-2024第一学期11月高三阶段测试卷物理试卷含答案

河北省新时代NT教育2023-2024第一学期11月高三阶段测试卷物理试卷含答案内容：
2023一2024学年第一学期11月高三阶段测试卷物理注意事项：1.考试时间为75分钟，满分100分。2.答题前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡相应的位置。
一、选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1.如图所示，在水平桌面上有一光滑圆盘，圆盘圆心O点有一个固定的带正电的物体，带负电的物体P仅在库仑力的作用下绕O点做匀速圆周运动，下列说法正确的是e-A.在图示位置物体P所带的负电荷突然消失，一定沿a轨迹运动B.物体P沿b轨迹运动一定是在图示位置物体P所带的负电荷减少了C.物体P沿c轨迹运动一定是在图示位置物体P所带的负电荷减少了D.物体P无论如何都不可能沿PO方向运动2.2021年12月9日航天员覆志刚、王亚平、叶光富在空间站授课，他们在距地面400km的圆轨道上的“天和”核心舱内为地球上的学生授课，实现天地互动，被称为“天宫课堂”。2022年3月23日下午，中国空间站“天宫课堂”再度开课，演示了水油分离实验、太空抛物实验等，下列说法正确的是A.因为宇航员在空间站中处于完全失重状态，所以宇航员不受地球的万有引力B.空间站绕地球的运行速度一定大于第一字宙速度但是小于第二宇宙速度C,“水油分离实验”中，同位置相同体积的水比油做圆周运动所需向心力小好D.“太空抛物实验”中，冰墩墩被抛出后，不会做平抛运动3。一潜水运动员在深水中将一小铁球竖直上抛，经过一段时间后小球又返回至出发点。已知小球在运动过程中受到水的阻力大小不变，关于小球从抛出到返回出发点的过程，下列说法正确的是A.小球上升过程中的加速度小于下降过程中的加速度B.小球上升过程中克服重力做的功大于下降过程中重力做的功C.小球上升过程中机械能的变化小于下降过程中机械能的变化D.小球上升过程中所受重力做功的平均功率小于下降过程中重力做功的平均功率4,铲车是我国现代化建设中一种不可缺少的必备工具。某铲车运送货物可以简化为如图所示模型，质量为m的货物放在“V”型挡板上，两板间夹角a(90°< a< 180)保持不变，“V”型挡板可绕P轴在竖直面内转动，使BP板由水平位置逆时针缓馒慢转动，忽略“V”型挡板对货物的摩擦力，已知重力加速度大小为g,则在AP板转到水平之前，下列说法正确的是A.AP板对货物的支持力一直增大，BP板对货物的支持力一直减小B.AP板对货物的支持力一直减小，BP板对货物的支持力一直增大C.AP板对货物的支持力先减小后增大，BP板对货物的支持力先增大后减小D.AP板对货物的支持力先增大后减小，BP板对货物的支持力先减小后增大5.火车轨道的转弯处外轨高于内轨，如图所示。若已知某转弯处外轨和内轨的高度差为h,内外轨道之间的距离为L,弯道处的圆弧半径为R,已知h远小于L,重力加速度为g,则下列说法中正确的是A.&LR该转弯处规定的安全行驶速度一√B.该转弯处规定的安全行驶速度v一、√2023-2024学年第一学期11月高三阶段测试卷物理参考答案1.A【解析】在图示位置物体P所带的负电荷突然消失，一定沿？轨迹运动，A正确：沿b轨迹做离心运动，可能是所需要的向心力增大了，即v增大了，也可能是力F减小了，B错误：沿轨迹做向心运动，可能是所需要的向心力减小了，即v减小了，也可能是力F增大了，C错误：当物体P速度突然为零时，物体P可能沿PO方向运动，D错误。2D【解析】宇航员在空间站中处于完全失重状态，地球对宇航员的万有引力提供他们围绕地球做圆周运动的向心力，A错误：由于空间站的轨道半径大于地球的球体半径，所以该空间站绕地球的运行速度小于第一宇宙速度，B错误：“水油分离实验”中，同位置的水和油向心加速度相同，但由于水和油的密度不同，相同体积下水的质量比油的质量大，所需的向心力比油大，C错误：由于空问站中物体处于完全失重状态，在空间站中做“太空抛物实验”时，冰墩墩被抛出后近似做直线运动，D正确。3.C【解析】小球运动过程中受到水的浮力和阻力大小不变，则上升、下降过程中加速度大小分别为a上=mg+f-,a=g-f-E,所以a4> 0,A错误：小球上升过优机程中克服重力做的功等于下降过程中重力做的功，即W。=mgh,B错误：小球机械能的变化，等于水的阻力和浮力对小球做的功之和，上开过程中△E:=一历十Fh,下降过程△E机=一历一F学h，所以小球上升过程中的机械能变化小于下降过程中机械能的变化，C正确：上升、下降过程所用时间分别为1：，则有0，店=宁0，片，由于口：> ，则：< ，上升、下降过程的平均功率分别为几=，万=，所以万> 厅，D错误。4.A【解析】如图所示，设BP板转动的角度为0(0< 0< 180°-g),货物的重力为mg,根据正弦定理有，EB=g,在增大的过程中，AP板对货物的支持力sin(180-a-0)sin sinaF2一直增大，BP板对货物的支持力F,一直减小，A正确。根据牛顿第二定律得mgan0=m二，因为远小于L,8很小，则an0等sn0=么，联立R解得v=ghR,AC错误，B正确：当转弯的实际速度大于规定速度时，火车所受的重力和Y L支持力的合力不足以提供所需的向心力，火车有离心趋势，故其外侧车轮轮缘会与外轨相互挤压，D错误。6D【解析】由于图像c斜率为定值，即太=十==P可知，发电机功率为定值，由牛P顿第二定律可得F-f=ma,可得a=上一，所以，P不变，v增大，则加速度a减小，故汽车在c过程中做加速度减小的变加速直线运动，A错误：汽车速度达到最大速度时，牵引力等于阻力，即阻力F=4×10N·B错误：汽车的最大速度为P50000=4000ms=12.5ms,C错误：汽车在ab过程中匀加速的末速度P50000=ms=10ms,设匀加速加速度大小为a,根据牛顿第二定律有F-F,=mg,F5000解得a=0.5ms,汽车从a到b持续的时间为4=兰=95=20，D正确。40.57.C【解析】设链条的质量为2m,以开始时条的最高点为零势能面，链条的机械能为E=+反=}2ng片n92mg片+0=子m+n.签条全部滑出后，动能为444=片2m以，重力势能为=-2m时，由机减能守恒可得E=+,即子g0+4sin历=m2-mgL,解得L=2m,C正确。8ACD【解析】设中心天棒质量为M,环绕天体质量为m,根据万有引力提供向心力有m=m4，得Tr=,4r23由于甲星体的公转半径比乙星体的公转半径大，所以GM甲星体的公转周期比乙星体的公转周期大，A正确：根据G=m,解得=GMP则有E=m=G，代入数紫可知，甲经体的动能比乙星体小，B的误：设在环绕22r天体表面上物体的质量为，环绕天体的半径为R,根据万有引力提供向心力Gmm=mGm可得g=甲星体上表面重力如速度小于乙犀体表面，C正确：根据第一宇宙速度表达式vGm知，甲星体表而的第一宇宙速度小于乙星体的第一宇宙速度，D正确.9.AB【解析】由乙图可知，分离之前A、B物体受到的合力不变，故以相同加速度？共同加速，以整体为研究对象，据牛领第二定律可得，加速度为4=F+上=1.2m6,=35◆+g分离时对B由牛顿第二定律可得F-F=m，由乙图可知，此时F=27N,联立解得盐力F=0.3N,A正确：根据位移公式可得，整体的位移大小为x=二a2=5.4m,B正确：当22s时，Fl8N,对B据牛顿第二定律可得F+F'=m,解得B受到的压力大小为F,'=0.6N,C错误：当=2.5s时，F=2.2SN,对B据牛顿第二定律可得F+F,”=m,解得B受到的压力大小为”-0.I5N0,即A对B的作用力方向向右，D错误，10.BD【解析】把小球M、N作为整体，小球释放瞬间，因为小球M有竖直向下的加速度，小球M、N系统处于失重状态，所以地面对N的支持力小于2mg,A错误：小球M释放的辩问，小球N的速度为O,当小球M落地时，小球M没有沿杆的分速度，所以小球N的速度为0，故小球N的速度先增大后减小，B正确：当小球N的速度最大时，细杆对小球N的水平推力等于弹簧的拉力，细杆对小球M有向上的推力，所以小球M的加速度大小小于g,C错误：整个系统机械能守恒，则有mgh=。mv2+E,则此时弹簧的弹性势能3,=g喻-方m以，D正确.11.(1)AD〔2)0.45〔每空3分，共6分)【解析】(1)安装斜槽时其末瑞切线必须水平，这样钢球到达斜梢末端时小球速度才水平，故A正确：钢球与斜槽之间有摩擦力，但钢球每次从相同的位置滚下，摩擦力每次都是相同的，不影响实验过程，故B错误：建立坐标系时，应以斜槽末端端口钢球球心的位置为坐标原点，故C错误：钢球必须每次从斜槽上同一位置由静止开始释放，这样才能保证钢球初速度相同，故D正确。(2)由△h=gT,代入数据计算可得T=0.03s,由%=元，代入数据并解得物=0.45ms。12.(1)0.169J(3分》，0.175)〔3分)，在误差允许的范围内，重锺机械能守恒(1分)(2)0.220N(2分)