2024届百校联盟高三一轮复习联考（三）新高考卷物理试题含答案
趣找知识 2023-11-23知识百科
2024届百校联盟高三一轮复习联考（三）新高考卷物理试题含答案内容：
2024届高三一轮复习联考（三）河北卷物理试题注意事项：1.答卷前，考生务必将自己的姓名、考场号、座位
2024届高三一轮复习联考（三）河北卷物理试题注意事项：1.答卷前，考生务必将自己的姓名、考场号、座位
2024届百校联盟高三一轮复习联考（三）新高考卷物理试题含答案内容：
2024届高三一轮复习联考（三）河北卷物理试题注意事项：1.答卷前，考生务必将自己的姓名、考场号、座位号、准考证号填写在答题卡上。2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用核擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。考试时间为75分钟，满分100分一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选中，只有一项是符合题目要求的。1智能手机安装适当的软件后，利用传感器可测量磁感应强度B的大小。如图甲所示，在手上建立三维坐标系，手机显示屏所在平面为xOy面。某同学在某地对地磁场进行了两次量，将手机显示屏朝上平放在水平桌面上测量结果如图乙，之后绕x轴旋转某一角度后测结果如图丙，图中显示数据的单位为以T(微特斯拉)。已知手机显示屏的面积大约为0.01m根据数据可知两次穿过手机显示屏磁通量的变化量约为要功计5国方B支年上C阿0.00Tx拍-0.00T抽29384T拍：-51.06T4531T输16.00T绝对值4,00T绝对值5351T甲乙丙A.2.2×10-WbB.2.9×10-7WbC.6.1×10-7WbD.8.0X10-7Wb2.如图所示，在光滑的绝缘水平面上有一边长为a的正方形ABCD,在A、C两点分别固定电右量大小均为Q的点电荷，在B点固定一电荷量未知的点电荷，将一电荷量为q的试探电荷置于D点，该试探电荷恰好静止。静电力带量为k。若将该试探电荷移动到正方形的中心O位置，则试探电荷受到的静电力大小为2024届高三一轮复习联考（三）河北卷物理参考答案及评分意见1C【解析】计算通过手机显示屏的磁通量，根据题意应利用地磁场的？抽分量，则图甲时穿过显示屏的磁通量大小约为中，一4,5×10-TWb,图乙时穿过显示屏的磁通量大小约为中：一1,6×107Wb.由数据可得，第二次地磁场从手机背面穿过，所以磁通量的变化量钓为△Φ=Φ，十中，=6.1×10-Wb,C正确。2.A【解析】限据题意可知，A,C两处为等量同种电荷，设B处电荷量大小为Q,在D点根据平衡可得②Q?Qg,则Q-22QA.C两处在正方形中心0处合电场强度为0，则试探电荷在中心处受到的静电力大小为(2a)F=kQg=42kQ9,A正确.2GMm【解析】由于组合体在近地轨道上运行，其运行速度小于第一字宵速度，A情误；根据M一mg和93.DRmR,可得组合体的运行周别约为2x尽，B精误：设地球自转周别为T,同步卫星的轨道半径r=7R,由4πGMm4π7R=mr可得自转周期T'=14x√足,C错误：Gm=m二可得同步卫星的线速度大小为GMGM,同理可知中国空间站的线速度大小为一GM尺，所以线速度大小之比为”-GMNR-7,D正确，4.B【解析】负点电荷在电势越低的地方，电势能越大，电子在x1处的电势能最大，A错误：一x图像斜率绝对值表示电场强度大小，由图可知电子在x处受到的电场力为0，由牛顿第二定律知电子在x1处的加速度为0，B正确：x,处的斜率不为0，所以x,处的电场强度不为0，C错误：电子只在电场力作用下运动，动能和电势能总和保持不变，电子在x:处的电势能大于在x,处的电势能，所以在x:处的动能小于在x,处的动能，D错误。5,A【解析】设通过电流表的电流为1，干路电流为1。，则有1。=1十=101，根据闭合电路欧，定律有E1:9吸+10R+0.感理得宁登数+欢0，对盟图像唱-4.R十10r=a,联立解得E=0r=一10RA正确.96.B【解析】电子垂直边界射人，恰好未被EF吸收，其运动轨迹如图甲所示，由几何美系可知电子做圆周运动的半径为d,根据B=m30可知，当磁感应强度变为原来的一半时，电子在磁场中做圆周运动的%菜半径变为2d,速度方向改变时，电子衡够打到挡板上，临界的运动轨0660..迹如图乙所示，能够吸收到电子的区域为GH,由儿何关系可得XXXXXXXXGH=2dc0830°-2d(1-cos30°)=2(w3-1)d,B正确。甲乙7,B【解析】设子弹的初速度大小为，对子弹射入木块后的上升过程，曲机械能守恒定律得2(m十m)=(m十m)·g1.(1一c0s8),解得p1=√2g1.(1一co5),由m,=《m十m》1可知，o=2√2gL.(1一c0s8),对所有子弹及木块，由动量守恒定律有m0。一(m十m),解得一由能量守恒定律可知，Q112 nmv3-(m十m)i,解得Q=4mmL(1一c0s0)，B正确。+18.AD【解析】滑动变阻器的滑片由a端向b端滑动时，接入电路中的阻值变大，回路中的总电阻变大，根据闭合电路欧姆定律知，干路电流1变小，路蹭电压U,-E一r增大，流过R:的电流：-增大，A正确；电源的输出功率P=EI一I产r,由二次函数规律知当电流J=1.5A时，输出功率最大，即外电路的总电阻R=r=1口时输出功率最大，滑动变阻器的滑片在？端时，外电路的总电阻R=1,滑片向b端滑动时外电路总电阻变大，干路电流I减小，电源的输出功率减小，B错误：蓬过R,的电流I,一「一I,I,逐渐减小，稳定时电容器两蹭电压等于R,两端电压，由Ug1一I,R,可知电容器两端的电压逐渐减小，C情误：滑片在口端时电容器两端电压为1.5V,带片在6端时电容器两端电压为号V,电容器两极板电压变化40-1.5V-号V=0,64V,电容器两极板减少的电荷量△Q即为流过电阻R,的电荷量，△Q=C6.4×10-?C,D正确。19.C【解析】设两极板间的距离为2d,极板长度为1，带电粒子在电场中做类平抛运动，偏转位移相同，有d=at:.a=二，由于电场强度和电荷量都相同，所以1√m,则粒子H,H,H在两板间运动的时间之比为1：√2：3,A错误，B正确：由1=t,知二，粒子H,HH进入电场时的速度大小之比为√6：3：2，根据p=mv可知，三种粒子人射时的动量大小之比为1√瓦1√，C正确，D错误10.ACD【解析】带电粒子在磁场中的运动周期T-,由题意可知a粒子与质子的比荷不相等，粒子做闲周运动的周期与交变电压的周期相同时才能使粒子回旋加速，故不改变B和「，该回旋加速器不可以用于。粒子的可知加速，A正确：回旋加速器加速粒子的最大速度与加速电压U无关，与D形盒的半径有美，由B=mR速度.-BK.最大动能Em-2mv品-1.8×10'©V-18MeV,B情提，C正确；设质子在D形盒中2北次达到最大速度，则9U=2m品，在一个转动周期内，质子加速两次，所以质子在D形盆中运动的总时间1一2nT=BR:2元，解得1=1.8×10s,D正确。11.(3)0.25(0.24一0.26均可)(2分)2.8(2.7一2.9均可)(2分)(4)0.39(0.38一0.41均可)(2分)解析】(3)物块匀加速下滑，经过参考点开始计时，曲运动学公式有L=1+2,变形得红=2，十a4,即题图乙中图线的纵藏距表示通过参考点时迷度的2倍，则。-0,0m/s-0.25m/s:图线的斜率表示物块的加速
2024届高三一轮复习联考（三）河北卷物理试题注意事项：1.答卷前，考生务必将自己的姓名、考场号、座位号、准考证号填写在答题卡上。2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用核擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。考试时间为75分钟，满分100分一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选中，只有一项是符合题目要求的。1智能手机安装适当的软件后，利用传感器可测量磁感应强度B的大小。如图甲所示，在手上建立三维坐标系，手机显示屏所在平面为xOy面。某同学在某地对地磁场进行了两次量，将手机显示屏朝上平放在水平桌面上测量结果如图乙，之后绕x轴旋转某一角度后测结果如图丙，图中显示数据的单位为以T(微特斯拉)。已知手机显示屏的面积大约为0.01m根据数据可知两次穿过手机显示屏磁通量的变化量约为要功计5国方B支年上C阿0.00Tx拍-0.00T抽29384T拍：-51.06T4531T输16.00T绝对值4,00T绝对值5351T甲乙丙A.2.2×10-WbB.2.9×10-7WbC.6.1×10-7WbD.8.0X10-7Wb2.如图所示，在光滑的绝缘水平面上有一边长为a的正方形ABCD,在A、C两点分别固定电右量大小均为Q的点电荷，在B点固定一电荷量未知的点电荷，将一电荷量为q的试探电荷置于D点，该试探电荷恰好静止。静电力带量为k。若将该试探电荷移动到正方形的中心O位置，则试探电荷受到的静电力大小为2024届高三一轮复习联考（三）河北卷物理参考答案及评分意见1C【解析】计算通过手机显示屏的磁通量，根据题意应利用地磁场的？抽分量，则图甲时穿过显示屏的磁通量大小约为中，一4,5×10-TWb,图乙时穿过显示屏的磁通量大小约为中：一1,6×107Wb.由数据可得，第二次地磁场从手机背面穿过，所以磁通量的变化量钓为△Φ=Φ，十中，=6.1×10-Wb,C正确。2.A【解析】限据题意可知，A,C两处为等量同种电荷，设B处电荷量大小为Q,在D点根据平衡可得②Q?Qg,则Q-22QA.C两处在正方形中心0处合电场强度为0，则试探电荷在中心处受到的静电力大小为(2a)F=kQg=42kQ9,A正确.2GMm【解析】由于组合体在近地轨道上运行，其运行速度小于第一字宵速度，A情误；根据M一mg和93.DRmR,可得组合体的运行周别约为2x尽，B精误：设地球自转周别为T,同步卫星的轨道半径r=7R,由4πGMm4π7R=mr可得自转周期T'=14x√足,C错误：Gm=m二可得同步卫星的线速度大小为GMGM,同理可知中国空间站的线速度大小为一GM尺，所以线速度大小之比为”-GMNR-7,D正确，4.B【解析】负点电荷在电势越低的地方，电势能越大，电子在x1处的电势能最大，A错误：一x图像斜率绝对值表示电场强度大小，由图可知电子在x处受到的电场力为0，由牛顿第二定律知电子在x1处的加速度为0，B正确：x,处的斜率不为0，所以x,处的电场强度不为0，C错误：电子只在电场力作用下运动，动能和电势能总和保持不变，电子在x:处的电势能大于在x,处的电势能，所以在x:处的动能小于在x,处的动能，D错误。5,A【解析】设通过电流表的电流为1，干路电流为1。，则有1。=1十=101，根据闭合电路欧，定律有E1:9吸+10R+0.感理得宁登数+欢0，对盟图像唱-4.R十10r=a,联立解得E=0r=一10RA正确.96.B【解析】电子垂直边界射人，恰好未被EF吸收，其运动轨迹如图甲所示，由几何美系可知电子做圆周运动的半径为d,根据B=m30可知，当磁感应强度变为原来的一半时，电子在磁场中做圆周运动的%菜半径变为2d,速度方向改变时，电子衡够打到挡板上，临界的运动轨0660..迹如图乙所示，能够吸收到电子的区域为GH,由儿何关系可得XXXXXXXXGH=2dc0830°-2d(1-cos30°)=2(w3-1)d,B正确。甲乙7,B【解析】设子弹的初速度大小为，对子弹射入木块后的上升过程，曲机械能守恒定律得2(m十m)=(m十m)·g1.(1一c0s8),解得p1=√2g1.(1一co5),由m,=《m十m》1可知，o=2√2gL.(1一c0s8),对所有子弹及木块，由动量守恒定律有m0。一(m十m),解得一由能量守恒定律可知，Q112 nmv3-(m十m)i,解得Q=4mmL(1一c0s0)，B正确。+18.AD【解析】滑动变阻器的滑片由a端向b端滑动时，接入电路中的阻值变大，回路中的总电阻变大，根据闭合电路欧姆定律知，干路电流1变小，路蹭电压U,-E一r增大，流过R:的电流：-增大，A正确；电源的输出功率P=EI一I产r,由二次函数规律知当电流J=1.5A时，输出功率最大，即外电路的总电阻R=r=1口时输出功率最大，滑动变阻器的滑片在？端时，外电路的总电阻R=1,滑片向b端滑动时外电路总电阻变大，干路电流I减小，电源的输出功率减小，B错误：蓬过R,的电流I,一「一I,I,逐渐减小，稳定时电容器两蹭电压等于R,两端电压，由Ug1一I,R,可知电容器两端的电压逐渐减小，C情误：滑片在口端时电容器两端电压为1.5V,带片在6端时电容器两端电压为号V,电容器两极板电压变化40-1.5V-号V=0,64V,电容器两极板减少的电荷量△Q即为流过电阻R,的电荷量，△Q=C6.4×10-?C,D正确。19.C【解析】设两极板间的距离为2d,极板长度为1，带电粒子在电场中做类平抛运动，偏转位移相同，有d=at:.a=二，由于电场强度和电荷量都相同，所以1√m,则粒子H,H,H在两板间运动的时间之比为1：√2：3,A错误，B正确：由1=t,知二，粒子H,HH进入电场时的速度大小之比为√6：3：2，根据p=mv可知，三种粒子人射时的动量大小之比为1√瓦1√，C正确，D错误10.ACD【解析】带电粒子在磁场中的运动周期T-,由题意可知a粒子与质子的比荷不相等，粒子做闲周运动的周期与交变电压的周期相同时才能使粒子回旋加速，故不改变B和「，该回旋加速器不可以用于。粒子的可知加速，A正确：回旋加速器加速粒子的最大速度与加速电压U无关，与D形盒的半径有美，由B=mR速度.-BK.最大动能Em-2mv品-1.8×10'©V-18MeV,B情提，C正确；设质子在D形盒中2北次达到最大速度，则9U=2m品，在一个转动周期内，质子加速两次，所以质子在D形盆中运动的总时间1一2nT=BR:2元，解得1=1.8×10s,D正确。11.(3)0.25(0.24一0.26均可)(2分)2.8(2.7一2.9均可)(2分)(4)0.39(0.38一0.41均可)(2分)解析】(3)物块匀加速下滑，经过参考点开始计时，曲运动学公式有L=1+2,变形得红=2，十a4,即题图乙中图线的纵藏距表示通过参考点时迷度的2倍，则。-0,0m/s-0.25m/s:图线的斜率表示物块的加速
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